PHP 闭包中的 use 关键字是否通过引用传递？

php function functional-programming

2022-08-30 12:01:28

例如，如果我这样做：

function bar(&$var)
{
    $foo = function() use ($var)
    {
        $var++;
    };
    $foo();
}

$my_var = 0;
bar($my_var);

将被修改？如果没有，我如何在不添加参数的情况下使其工作？$my_var$foo

答案 1

不，它们不是通过引用传递的 - 遵循类似的表示法，如函数的参数。use

正如所写的，你通过定义作为传递引用来实现这一点：use

    $foo = function() use (&$var)

也可以通过以下方式创建递归：

$func = NULL;
$func = function () use (&$func) {
    $func();
}

注意：以下答案的旧摘录（2012 年 6 月）是为 PHP < 7.0 编写的。自7.0（2015年12月）以来，已更改（不同的zval处理）的语义现在不同，并且不再那么重要（整数不再具有refcount）。debug_zval_dump()refcount(?)

通过不显示已更改（来自）的输出进行验证仍然有效（行为）。$my_var0

您可以在debug_zval_dump函数（演示）的帮助下自行验证：

function bar(&$var)
{
    $foo = function() use ($var)
    {
        debug_zval_dump($var);
        $var++;
    };
    $foo();
};
    
$my_var = 0;
bar($my_var);
echo $my_var;

输出：

long(0) refcount(3)
0

一个全范围工作引用的引用编号为 1。

答案 2

几乎根据定义，闭包是由值而不是通过引用来关闭的。您可以通过在参数列表中添加一个来“通过引用使用”：&

function() use (&$var)

这可以在匿名函数手册页的示例 3 中看到。