错误消息“严格标准：只有变量应通过引用传递”

php reference strict

2022-08-30 08:18:17

$el = array_shift($instance->find(..))

上面的代码以某种方式报告了严格的标准警告，但这不会：

function get_arr(){
    return array(1, 2);
}
$el = array_shift(get_arr());

那么，它什么时候会报告警告呢？

答案 1

请考虑以下代码：

error_reporting(E_STRICT);
class test {
    function test_arr(&$a) {
        var_dump($a);
    }
    function get_arr() {
        return array(1, 2);
    }
}

$t = new test;
$t->test_arr($t->get_arr());

这将生成以下输出：

Strict Standards: Only variables should be passed by reference in `test.php` on line 14
array(2) {
  [0]=>
  int(1)
  [1]=>
  int(2)
}

原因何在？该方法不是变量，在严格模式下，这将生成警告。此行为非常不直观，因为该方法返回数组值。test::get_arr()get_arr()

若要在严格模式下解决此错误，请更改方法的签名，使其不使用引用：

function test_arr($a) {
    var_dump($a);
}

由于您无法更改签名，因此也可以使用中间变量：array_shift

$inter = get_arr();
$el = array_shift($inter);

答案 2

$instance->find()返回对变量的引用。

当您尝试将此引用用作函数的参数时，您将获得报告，而无需先将其存储在变量中。

这有助于防止内存泄漏，并且可能会在下一个PHP版本中成为错误。

如果第二个代码块写得像这样，则会引发错误（请注意函数签名中的）：&

function &get_arr(){
    return array(1, 2);
}
$el = array_shift(get_arr());

因此，快速（但不是那么好）的修复方法是：

$el = array_shift($tmp = $instance->find(..));

基本上，您首先对临时变量进行赋值，然后将该变量作为参数发送。